阳光下你的笑当小盘内放有重为0.6N的砝码时，砝码盘对木块的拉力为0.6N，木块正好作匀速直线运动，此时摩擦力与拉力是平衡力，则f′=F′=0.6N；
当小盘内放上重未0.7N的砝码时，砝码盘对木块的拉力为0.7N；
由于压力和接触面的粗糙程度不变，所以木块受到的摩擦力不变，仍为0.6N．由于拉力大于摩擦力，所以木块的运动状态改变．
故答案为：0.5；0.6；会． 点评：
本题主要考查了二力平衡条件的应用，同时要注意应用影响摩擦力大小的因素分析摩擦力的变化．
20．如图所示，一木块在水平面上运动时在相等时间内连续拍摄4次“频摩擦闪”照片，频闪的时间间隔为0.02s。从频闪照片可判断，该木块做 直线运动（选填“匀速”或“变速”）。木块从1位置运动到2位置的距离是 cm。木块从1位置到4位置运动的速度为 m/s。
考点：
速度的计算． 专题：
长度、时间、速度． 分析：
（1）物体在相等的时间内通过的路程都相等，物体进行匀速运动；物体在相等的时间内通过的路程不相等，物体进行变速运动．
（2）刻度尺的读数：确定每一个大格和每一个小格的读数．在读出准确数字之后，还要读出估计数字，当物体的末端正对刻度尺的刻度时，也要读出估计数字0，由v=计算木块从1位置到4位置运动的速度． 解答： 解：（1）由于木块在相等的时间内通过的路程相等，所以木块是做匀速直线运动； （2）根据图示可知，木块从1位置运动到2位置的距离是3.80cm﹣2.00cm=1.80cm； （3）木块从位置1运动到位置4时，频闪3次，故木块所用的时间为t=0.02s×3=0.06s； 根据图示可知，木块运动的距离s=8.00cm﹣2.00cm=6.00cm=0.06m，
木块从1位置到4位置运动的平均速度：v===1m/s．
故答案为：匀速；1.80；1． 点评：
本题考查平均速度公式的应用，难度不大，关键是能从图中读出频闪的次数和通过的距离．
21.底面积为2.0×10-2m2 的薄壁平底容器内装有适量的水，把物块放入容器内的水中， 物块静止时漂浮在水面上，
-33
浸入水中的体积为1.6×10m ，容器内水面升高了6cm（容器中水未溢出），则水对容器底部增加的压强为 Pa，物块受到的浮力 N。 容器对水平桌面的压强为 Pa。（ρ水=1.0×103kg/m3 ，g取10N/kg） 考点：
液体的压强的计算；压强的大小及其计算；浮力大小的计算． 专题：
压强、液体的压强；浮力． 分析：
（1）已知水面升高的高度，利用液体压强公式p=ρ液gh可求水对容器底部增加的压强； （2）利用F浮=ρ液gV排求解物块受到的浮力大小；
（3）物体漂浮，所受浮力等于重力，物块的重力即为增加的对水平桌面的压力，利用p=求解容器对水平桌面增加的压强． 解答： 解：（1）水对容器底部增加的压强： △p=ρ水g△h=1.0×10kg/m×10N/kg×0.06m=600Pa；
﹣33
（2）由题意知，V排=V浸=1.6×10m， 物块受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×10kg/m×10N/kg×1.6×10m=16N； （3）因为物体漂浮，所以G=F浮=16N， △F=G=16N，
由p=得，容器对水平桌面增加的压强： △p′=
=
=800Pa．
3
3
﹣3
33
3
故答案为：600；16；800． 点评：
此题考查压强的计算和浮力的计算，关键是根据物体浮沉条件和题意得出物体漂浮，所受浮力等于重力，物块的重力即为增加的对水平桌面的压力．
三、实验题（本题共2个小题，每空1分，共14分）
22.（1）某物理兴趣小组设计了如图所示的实验装置来探究物理的动能跟那些因素有关。让同一钢球A分别从不同的高度由静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动距离S的长短，是为了判断钢球 的大小； 实验中他控制了钢球的
质量不变来研究动能 大小跟 的关系。钢球沿斜面滚下 过程中，重力势能减小，动能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）；若水平面绝对光滑，木块B被撞击后将以 永远运动下去。 考点：
探究影响物体动能大小的因素． 专题：
探究型实验综合题． 分析：
（1）实验把动能的大小转换为木块被撞击后滑行的距离，距离越远表明小球的动能越大；
（2）物体的动能与物体的质量和速度有关，在探究过程中需用控制变量法，根据已知条件判断出控制的变量，便可得出探究的因素．
（3）重力势能的影响因素是质量和高度；动能的影响因素是质量和速度． （4）水平面绝对光滑，无摩擦力，所以木块将做匀速直线运． 解答： 解：
（1）实验中通过观察木块被撞击后滑行的距离的大小来间接判断钢球动能的大小．
（2）由题意知，同一钢球的质量相同，从不同的高度滚下时，到达水平面的速度不同，可以探究动能大小与速度的关系．
（3）钢球沿斜面滚下过程中，因为质量不变，高度减小，所以重力势能减小，又因为速度增大，所以动能增大． （4）如果水平面绝对光滑，则木块在水平方向没有摩擦力，被撞击后木块将以恒定的速度永远运动下去． 故答案为：动能；速度；增大；恒定的速度． 点评：
动能的大小与物体的质量和速度有关，注意控制变量法的应用，动能的大小通过小小球撞击木块的距离来反映动能的大小，体现了转换法．
23．小明利用刻度均匀的轻质杠杆探究“杠杆的 平衡条件”。图每个钩码重O.5N。当调节杠杆在水平 衡后，在A点悬挂两个钩码，要使杠杆在水平位置平 位置平衙，需在B点悬挂 个钩码；只取走悬 挂在B点的钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉， 使杠杆在水平位置平横，测得的拉力为 N； 若将弹簧测力计拉力的方向改为在C点斜向左上方拉杠杆，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的读数将 (选填“变大”、“小变”或“变小”)。
考点：
探究杠杆的平衡条件实验． 专题：
探究型实验综合题． 分析： （1）（2）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出B点的钩码数和作用在C点的力的大小． （3）阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力增大． 解答： 解：（1）一个钩码的重是0.5N，设杠杆一个小格是L，
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得， 1N×3L=FB×2L， 所以FB=0.5N，
即在B处挂3个钩码．
（2）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得， 1N×3L=FC×4L， 所以FC=0.75N．
（3）如改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向左上方，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力要增大，所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡． 故答案为：3；0.75N；变大． 点评：
本题考查了杠杆平衡条件的应用，难度不大；要明确杠杆在水平位置平衡，力要竖直作用在杠杆上，力臂才在杠杆上，否则力臂不在杠杆上．24.如图甲所示的电路图，研究通过导体的电流与电阻的关系，电源电压恒为 V，电流表量程是0～0.6A,R是分度值为0.1的电阻箱，R′是规格为“20Ω 2A”的滑动变阻器。 （1）按甲图连接好电路后，闭合开关S之前，应将滑动变阻器R′的滑片滑到 端（选填“a”或“b”）。开始实验时，发现电流表和电压表都有示数，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表示数均不变，请你分析电路发生的故障可能是 。（回答一种即可）
（2）排除故障之后，改变电阻箱的阻值，再调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电阻箱的阻值与对应的电流表示数描在乙图中，根据所描点对应的数据可知，电压表示数为 V。该同学在操作中将电阻箱的阻值有
1Ω调为丙图的示数，此时电阻箱的读数为 Ω。为了保持上述电压表的示数不变，应该将滑动变阻器的滑片向 端（选填“a”或“b”）滑动到适当的位置。此时滑动变阻器接入电路中的阻值应为 Ω。
（3）同学们在交流讨论中提出，既要保证上述电压表示数不变，又要使通过电流表的电流不超过其量程，那么电阻箱的阻值最小只能调为 Ω。
考点：
探究电流与电压、电阻的关系实验． 专题：
探究型实验综合题． 分析：
（1）为保护电路，在闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；
无论怎么调节变阻器，电压表和电流表示数不变，说明变阻器不起作用，接法错误； （2）根据所描点对应的电流和电阻值，根据U=IR来计算电压值；
用各指针所指的示数乘以下面的倍数，然后将所有的数值相加，即为该电阻箱的读数； 电阻变大，两端电压变大，为保持电阻两端的电压不变，用增大变阻器的阻值；
根据串联电路的特点及欧姆定律计算出变阻器的阻值；
（3）根据电阻两端的电压及最大电流得出电阻箱的最小阻值． 解答： 解：（1）由图知，在闭合开关前，应将滑片移至b端，使其阻值最大；
电流表和电压表都有示数，说明未发生断路或短路现象，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表示数均不变，说明变阻器不起作用，可能同时接了上面或下面两个接线柱；
（2）由图象知，当R=5Ω时，电流I=0.4A，可知电阻两端的电压U=IR=0.4A×5Ω=2V； 由图丙知，电阻箱的阻值为0×100Ω+0×10Ω+5×1Ω+0×0.1Ω=5Ω；
电阻值由1Ω换为5Ω，电压表的示数将变大，为保持电压表的示数不变，应增大变阻器的阻值，将滑片向b端滑动； 变阻器两端的电压U滑=3V﹣2V=1V，所以变阻器的阻值R滑=（3）当电流为0.6A时，电阻箱的阻值R′=
=
≈3.3Ω．
=
=2.5Ω；
故答案为：（1）b；变阻器同时接了上面两个接线柱（或变阻器同时接了下面两个接线柱）；（2）2；5；b；2.5；（3）3.3． 点评：
本题是研究通过导体的电流与电阻的关系实验，考查了滑动变阻器的应用、电路故障的分析、电阻箱的读数、欧姆定律在串联电路中的应用，考查全面，能够从图象中确定电阻两端的电压是关键． 四、计算题（共19分，要求写出必要的步骤、相关公式和文字说明）
25． 某课外活动小组设计了一个用电压表的变化来反映环境温度变化的电路。如图甲所示，电源电压不变，定值电阻R=20Ω，R1是热敏电阻，其阻值随温度变化的图像如图乙所示，闭合开关S后，求：
（1）当环境温度为200C时，电压表示数为2V，电源电压多大？此时R1的电功率是多少？ （2）如果将R、R1并联在该电路两端，当干路电流为0.5A时，环境温度是多少？
考点：
欧姆定律的应用；电功率的计算． 专题：
欧姆定律；电能和电功率． 分析：
（1）根据电压表的示数和电阻求出电路中的电流，由图乙读出20℃时电阻R1的阻值，求出R1两端的电压，从而可计算出电源电压；
根据P1=U1I1求出R1的电功率；
（2）根据并联的特点求出R的电流，得出R1的电流值，从而可计算出R1的电阻值，由图象得出环境温度． 解答：
解：（1）由图甲知，两电阻串联，电压表测量R两端的电压，电压表的示数为2V，则电路中电流I=由图乙知，当环境温度为20℃时，R1的阻值为40Ω，则R1两端的电压U1=IR1=0.1A×40Ω=4V； 则电源电压U=UR+U1=2V+4V=6V； R1的电功率P1=U1I=4V×0.1A=0.4W；
（2）如果将R、R1并联在该电路两端，两电阻两端的电压均等于电源电压等于6V； 此时通过R的电流IR==
=0.3A；
=
=0.1A；
则通过电阻R1的电流I1′=0.5A﹣0.3A=0.2A；
由I=得，电阻R1的阻值为R1′===30Ω；
由图乙知，此时温度为30℃． 答：（1）电源电压是6V；R1的电功率是0.4W；
（2）将R、R1并联在电路两端，当干路电流为0.5A时，环境温度是30℃． 点评：
本题是有关电学的综合计算题目，要熟练掌握欧姆定律及电功率的计算公式，掌握串并联电路的特点，关键能够看懂图象，找出电阻与温度的对应关系．
26.图甲是建造长江大桥是使用起吊装置（图中未画出）的钢缆绳拉着实心圆柱体A距江面某一高度处沿竖直方向匀速下降，在下降到江底之前，始终保持0.2m/s的速度不变。图乙是A下降到江底之前钢缆绳对A的拉力F的随时间t变化的图像（取江水的密度为ρ =1.0×103kg/m3 ，g取10N/kg）。求： （1）圆柱体A下降过程中，重力的功率？ （2）圆柱体A的密度
（3）当圆柱体A下降到江（江底视为水平），卸下钢缆绳后，圆柱体A对江底的压力？
考点：
功率的计算；密度的计算；力的合成与应用；阿基米德原理． 专题：
密度及其应用；运动和力；浮力；功、功率、机械效率． 分析：
（1）根据P===Gv计算重力的功率；
（2）分析图象，通过A浸没时的拉力计算出浮力大小，由阿基米德原理计算出A的体积，从而计算出A的密度； （3）根据A在江底时受到平衡力，由F=G﹣F浮计算出A对江底的压力． 解答： 解：
（1）实心圆柱体A距江面某一高度处沿竖直方向匀速下降，在下降到江底之前，始终保持0.2m/s的速度不变． 由图象，前10s钢绳的拉力不变，等于物体A的重力，此时物体在水面以上，
4
所以拉力与重力是一对平衡力，则：G=F=3×10N， 圆柱体A下降过程中，重力的功率：P==
=Gv=3×10N×0.2m/s=6×10W；
4
4
3
（2）中间10﹣15s，钢绳的拉力减小，是物体A从与水面接触到完全浸没， 由图可知，当A完全浸入水中时，拉力F′=1×10N，
所以石料受的浮力为：F浮=G﹣F′=3×10N﹣1×10N=2×10N， 根据F浮=ρ水gV排， A的体积V=V排=所以A的密度： ρ==
=
=1.5×10kg∕m；
3
3
444
==2m，
3
（3）A下降到江底卸下钢缆绳后，受到平衡力作用， 圆柱体A对江底的压力：
F=G﹣F浮=3×10N﹣2×10N=1×10N．
3
答：（1）圆柱体A下降过程中，重力的功率为6×10W；
33
（2）圆柱体A的密度是1.5×10kg∕m；
4
（3）当圆柱体A下降到江底，卸下钢缆绳后，圆柱体A对江底的压力为1×10N． 点评：
本题考查了平衡力的应用，功率、浮力、密度的计算，解题关键是通过图乙确定A的重力及钢丝绳受到的拉力、会用称重法计算出A受到的浮力．
4
4
4
