loading(1)模型概述
带电粒子在有界磁场中的偏转问题一直是高考的热点，此类模型较为复杂，常见的磁场边界有单直线边界、双直线边界、矩形边界和圆形边界等．因为是有界磁场，则带电粒子运动的完整圆周往往会被破坏，可能存在最大、最小面积、最长、最短时间等问题．
(2)模型分类 Ⅰ.单直线边界型
当粒子源在磁场中，且可以向纸面内各个方向以相同速率发射同种带电粒子时以图8－2－11(甲)中带负电粒子的运动为例．
图8－2－11 规律要点 1
①最值相切：当带电粒子的运动轨迹小于2圆周且与边界相切时(如图中a点)，切点为带电粒子不能射出磁场的最值点(或恰能射出磁场的临界点)．
1
②最值相交：当带电粒子的运动轨迹大于或等于2圆周时，直径与边界相交的点(如图8－2－11(甲)中的b点)为带电粒子射出边界的最远点(距O最远)．
Ⅱ.双直线边界型
当粒子源在一条边界上向纸面内各个方向以相同速率发射同一种粒子时，以图8－2－11(乙)中带负电粒子的运动为例．
规律要点
①最值相切：粒子能从另一边界射出的上、下最远点对应的轨道分别与两直线相切．如图8－2－11(乙)所示．
②对称性：过粒子源S的垂线为ab的中垂线．
在如图(乙)中，a、b之间有带电粒子射出，
可求得ab＝22dr－d2
最值相切规律可推广到矩形区域磁场中．
Ⅲ.圆形边界
(1)圆形磁场区域规律要点 ①相交于圆心：带电粒子沿指向圆心的方向进入磁场，则出磁场时速度矢量的反向延长线一定过圆心，即两速度矢量相交于圆心，如图8－2－12(甲)．
②直径最小：带电粒子从直径的一个端点射入磁场，则从该直径的另一端点射出时，磁场区域面积最小．如图8－2－12(乙)所示．
(2)环状磁场区域规律要点
①径向出入：带电粒子沿(逆)半径方向射入磁场，若能返回同一边界，则一定逆(沿)半径方向射出磁场．
②最值相切：当带电粒子的运动轨迹与圆相切时，粒子有最大速度vm而磁场有最小磁感应强度B.如图8－2－12(丙)．
图8－2－12
图8－2－13
【典例】 如8－2－13所示，两个同心圆，半径分别为r和2r，在两圆之间的环形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B.圆心O处有一放射源，放出粒子的质量为m，带电量为q，假设粒子速度方向都和纸面平行．
(1)图中箭头表示某一粒子初速度的方向，OA与初速度方向夹角为60°，要想使该粒子经过磁场第一次通过A点，则初速度的大小是多少？
(2)要使粒子不穿出环形区域，则粒子的初速度不能超过多少？
解析 (1)如图所示，设粒子在磁场中的轨道半径为R1，则由几何关系得
v123r3Bqr
R1＝，又qv1B＝m得v1＝. 3R13m
(2)设粒子轨迹与磁场外边界相切时，粒子在磁场中的轨道半径为R2，则由几何关系有(2r－R2)2＝R22＋r2
v223r3Bqr
可得R2＝，又qv2B＝m，可得v2＝ 4R24m
3Bqr
故要使粒子不穿出环形区域，粒子的初速度不能超过. 4m
3Bqr3Bqr
答案 (1) (2) 3m4m
对应学生
用书P140
图8－2－14
1．(2011·海南卷，10改编)如图8－2－14所示空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，图中的正方形为其边界．一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从O点入射．这两种粒子带同种电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子．不计重力，下列说法正确的是( )．
A．入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一定不同 B．入射速度相同的粒子在磁场中的运动轨迹一定相同 C．在磁场中运动时间相同的粒子，其运动轨迹一定相同
D．在磁场中运动时间越长的粒子，其轨迹所对的圆心角一定越小
mv2
解析 带电粒子进入磁场后，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，根据qvB＝得r
mv
轨道半径r＝，粒子的比荷相同．故不同速度的粒子在磁场中运动的轨道半径不同，轨迹
qB
不同，相同速度的粒子，轨道半径相同，轨迹相同，故B正确．带电粒子在磁场中做圆周
2πr2πm
运动的周期T＝v＝，故所有带电粒子的运动周期均相同．若带电粒子从磁场左边界射
qB
出磁场，则这些粒子在磁场中运动时间是相同的，但不同速度轨迹不同，故A、C错误．根θ2π2π
据＝得θ＝t，所以t越长，θ越大，故D错误． tTT答案 B 2．(2011·浙江卷，20改编)利用如图8－2－15所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子．图中板MN上方是磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L.一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度为d的缝射出的粒子，下列说法正确的是( )．
图8－2－15
A．粒子带正电
2m
B．射出粒子的最大速度为 qB?3d＋L?
C．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大 D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大 解析 利用左手定则可判定只有负电荷进入磁场时才向右偏，故选项A错误．利用qvB2mvmvL＋3dLqBrmax＝知r＝，能射出的粒子满足≤r≤，因此对应射出粒子的最大速度vmax＝
rqB22mqB?3d＋L?qBrminqBL3qBd＝，选项B错误．最小速度vmin＝－，Δv＝vmax－vmin＝，由此式可
2mm2m2m
判定选项C正确，选项D错误．
答案 C 3．(2011·广东卷，35)如图8－2－16(a)所示，在以O为圆心，内外半径分别为R1和R2
的圆环区域内，存在辐射状电场和垂直纸面的匀强磁场，内外圆间的电势差U为常量，R1＝R0，R2＝3R0.一电荷量为＋q，质量为m的粒子从内圆上的A点进入该区域，不计重力．
(1)已知粒子从外圆上以速度v1射出，求粒子在A点的初速度v0的大小．
(2)若撤去电场，如图8－2－16(b)，已知粒子从OA延长线与外圆的交点C以速度v2
射出，方向与OA延长线成45°角，求磁感应强度的大小及粒子在磁场中运动的时间．
(3)在图8－2－16(b)中，若粒子从A点进入磁场，速度大小为v3，方向不确定，要使粒子一定能够从外圆射出，磁感应强度应小于多少？
图8－2－16 11
解析 (1)根据动能定理，qU＝mv12－mv02，
22
2qU
所以v0＝ v12－.
m
(2)如图所示，设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为R，由几何知识可知R2＋R2＝(R2
mv22mv22
－R1)，解得R＝2R0.根据洛伦兹力公式和牛顿第二定律qv2B＝.解得B＝＝
Rq2R0
2mv2
. 2qR0
tθ
根据公式＝，2πR＝v2T，
T2πv22T2πm2πm2πR0qv2B＝m，解得t＝＝＝＝.
R44Bqmv22v2
4×2R0
(3)考虑临界情况，如图所示
v32mv3
①qv3B1′＝m，解得B1′＝，②
R0qR0v32mv3mv3
qv3B2′＝m，解得B2′＝，综合得：B′<. 2R02qR02qR0