loading【详解】
直尺紧帖在竖直的墙面上静止不动，直尺受到平衡力的作用；在竖直方向上，直尺受到的摩擦力和重力是一对平衡力，所以，直尺受到的摩擦力f=G=3N。 10．B 【解析】 【详解】
A．物理课本的质量约为200g，N是力的单位，故A不符合实际； B．由课本知识知：中学生的步行速度约为1.1m/s，故B符合实际；
C．中学生的身高约为1.60m，课桌的高度大约是中学生身高的一半，约为0.8m＝8dm，故C不符合实际； D．由课本知识知：汽油机的效率较低，大约为20%～30%，故D不符合实际． 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．AD 【解析】 【详解】
A. 由甲、乙两图可知，两次接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，两侧测量的滑动摩擦力不同，可得滑动摩擦力大小与压力大小有关，A正确；
B. 甲图中，若拉动铜块的细绳与木板不水平，铜块匀速运动时，因铜块处于平衡状态，所以铜块受力平衡，B错误；
C. 实验过程中，木板是否水平放罝直接影响压力大小的不同，故一定会会影响滑动摩擦力大小的测量，C错误；
D. 弹簧测力计通过细绳拉着物块做加速直线运动时，因物体加速运动，拉力大于摩擦力，故滑动摩擦力的测量值大于真实值，D正确； 答案选AD. 12．AC 【解析】 【分析】 【详解】
A．只闭合S1时，则R1和R2串联在电路中；滑片P滑到最右端，则滑动变阻器全部接入电路； 此时电路中电流为：I?U12V??0.5A,所以电流表的示数是0.5A．故A符合题意；
R1?R220??4?B．闭合S1、S2和S3，滑片P向右滑动时,则滑动变阻器被短路，所以滑片P向右滑动时，电流表的示数不变．故B不符合题意；
C．滑片移到最右端，先闭合开关S1，则R1和R2串串联在电路中，此时电路中的电流为0.5A，再闭合S2、S3，则滑动变阻器被短路，R2和R3并联在电路中，此时电路中的电流
为:I并?I2?I3?UU12V12V????4A，根据P=UI得，在电源电压一定时，电路总功率因电路R2R34?12?中的电流变大而变大．故C符合题意；
D．滑片移到最左端，则滑动变阻器没有阻值接入电路；先闭合开关S1、S2，再闭合S3，再闭合S3，则滑动变阻器被短路，还是R2和R3并联在电路中，故电路总功率不变．故D不符合题意； 13．ABD 【解析】 【详解】
AB.小球先后放入甲、乙两个盛满不同液体的溢水杯中，根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，则：甲杯中小球受到的浮力F甲＝G排甲＝0.5N；在乙杯中受到的浮力F乙＝G排乙＝0.4N；故AB错误；
G0.5N?C.由于小球在甲杯漂浮，根据漂浮条件可知：G甲＝G排甲＝0.5N；小球的质量m＝＝0.05kgg10N/kg＝50g，故C正确；
D.小球在甲杯漂浮，则：ρ甲＞ρ球，小球在乙杯下沉，沉入水底，则：ρ乙＜ρ球，两种液体的密度：ρ甲＞ρ
乙
；故D错误．
三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．小 不变 增大 减小 【解析】 【详解】
热气球是利用球内的空气温度高，密度小；球外的冷空气温度低，密度大。从而密度小的热气球上升，充气后气球内质量不变，当热气球体积变大，由ρ＝15．并联 各个电脑能独立工作 【解析】 【分析】 【详解】
路由器由于各接口接上不同的网络设备时，都能各自独立的工作，所以说它们之间是并联的关系． 【考点定位】 电路的连接方式 16．声源 36 【解析】 【分析】 【详解】
m可知密度变小。 V控制噪声有三种途径，其中禁鸣标志是在声源处减弱噪声；
图中B是汽车限速标志，它表示的含义是汽车最大速度不能超过5km/h，由
可得在不违反交通法规
的前提下，汽车在小区内行驶50m时间：．
17．半导体 低 不能 C 38.5 【解析】 【分析】
（1）发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、耗电少，寿命长、易控制、免维护、安全环保等优点．（2）由电路图可知LED灯与滑动变阻器串联，根据LED的单向导电性，判断电路所处的状态，然后根据电表所测的量判断示数，（3）先求出全部改用LED灯后的节约的电能，再计算减少排放的二氧化碳的质量． 【详解】
(1)由材料可知：二极管是由半导体做成的器件；发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、耗电少，寿命长、易控制、免维护、安全环保等优点，所以，LED灯主要由半导体材料制成；节能被称为冷光源，是因为电热转换损耗的能量较白炽灯低；
(2)闭合开关S，LED发光；断开S，改变电源的正负极后闭合S，LED由于具有单向导电性，所以电路处于开路状态，LED不能发光；此时电压表示数为电源电压4.5V，电流表的示数为0，故选C.(3)全部改用LED灯后节约电能△E＝50kW?h×70%＝35kW?h，可减排二氧化碳△m＝△E×1kg/kW?h＝35kW?h×1.1kg/kW?h＝38.5kg， 18．不变 晶体 【解析】 【分析】 【详解】
[1][2]晶体和非晶体的区别就在于晶体有一定的熔化温度，当熔化完以前，温度是不会升高的，即晶体熔化时吸热，温度不变，海波在熔化过程中，不断吸收热量，而温度是不变的，说明有固定的熔点，所以海波属于晶体；
四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）7.5Ω（2）10Ω（3）8V（4）3V 【解析】 【分析】 【详解】
U12(3V)2?=7.5Ω （1）L1正常发光时的电阻是：R1?P1.2W1（2）只闭合S3时，L1、R0与R串联，滑片P置于最右端，L1正常发光，由P?UI知道，
I1?P1.2W1??0.4A U13V通过电路的电流是：IR?I0?I1?0.4A R0两端电压是U0?4V，R0?U04V?=10Ω I00.4A电路消耗的功率为4. 4W，P?I2R R?P4.4W?=27.5Ω I2(0.4A)2R最大?R?R1?R0=27.5Ω-7.5Ω-10Ω=10Ω
（3）①只闭合S3，L1、L2及变阻器R串联，把滑片P置于最右端，使小灯泡L1正常发光，此时电路两端电压即为电源电压最大值． 电路中电流是：I?I2?I1?0.4A 由图像知道：I2?0.4A时，U2?1V
电源电压最大值是：U最大?U1?U2?IR=3V+1V+0.4A×10Ω=8V
②闭合开关S1、S2，断开S3，L1、L2并联后与变阻器R串联，把滑片P置于最左端，使小灯泡L1正常发光，此时电路两端电压即为电源电压最小值，且最小值是：U?U1?3V． 20．105J． （1）48.4Ω；（2）0.1A；（3）3.066×【解析】
U2（1）由图可知，加热时足浴盆正常工作时的功率P＝1000W，电压U＝220V，由P＝可得加热电阻
R值：R加热＝
UP加热2?220V?＝21000W＝48.4Ω；（2）启动按摩功能时，电动机工作，功率P＝22W，电压U＝220V，
由P＝UI可得通过线圈的电流：I＝
P电动机U＝W22W＝0.1A；（3）由P＝在额定电压下加热并同时启动
t220VW＝W加热+W电动机＝t＝×300s＝3.066×105J． 按摩功能，工作了5min消耗电能：（P加热+P电动机）（1000W+22W）
U2点睛：（1）加热电阻正常工作时，加热功率和额定功率相等，根据R＝求阻值；（2）启动按摩功能时，
R电动机工作，根据P＝UI求通过线圈的电流；（3）根据W＝Pt计算足浴盆加热和按摩电动机消耗的电能，从而得到足浴盆消耗电能. 21．（1）10Ω（2）20Ω（3）15Ω 【解析】
【详解】
210V）U2（==10Ω； （1）由小灯泡L标有 “10V 10W”可得灯正常发光时的电阻：RL=
10WP（2）若电流表的示数为0.4A，电路的总电阻：R总=
U12V==30Ω，滑动变阻器接入电路的阻值：I0.4AR1=R总-RL=30Ω-10Ω=20Ω；
（3）因电源电压为12V，且滑片P由距离左端三分之一的位置逐渐向右移动，电压表与电流表指针位置相同，所以U?=7.5V，I?=0.3A，定值电阻R0的阻值：R0=五、作图题（本大题共2小题，共4分）
U?U?12V?7.5V==15Ω. I?0.3A22．
【解析】
图中小磁针N极向右，据磁体间的作用规律可知，此时螺线管的左端是S极，右端是N极，故由安培定则可知电流由左侧流入，即电源左侧为正极；如图所示：
23．见解析 【解析】
过入射点O作垂直于界面的法线，根据入射角等于反射角画出反射光线；根据折射角小于入射角画出反射光线。如图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．97 液面上方气压越大，液体沸点越高 质量 利用注射器改变气压 【解析】 【详解】
（1）此温度计分度值是1℃，液柱在零上，所以温度计示数为97℃；
（2）移去酒精灯，水停止沸腾后，用注射器将气体压入烧瓶再次加热，如图丙，发现水重新沸腾，这是向瓶内压气，气压升高，沸点升高，所以温度计的示数高于图乙的示数；
（3）根据图象分析，a、b图线中沸点相同，只是沸腾所用时间不同，原因是两次实验所用水的质量不同，质量越大沸腾所用时间越长；b、c图线水的沸点不同，利用注射器改变气压，气压会影响液体的沸点大